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AP1 – 2021-2 - Equações Diferenciais e Equações Diferenciais Ordinárias Tipo 1 1) (2,5 pontos) a) Verifique que a equação (𝑦2 + 𝑥𝑦)𝑑𝑥 − 𝑥2𝑑𝑦 = 0 é homogênea (1,0 ponto) b) Resolver a equação do item(a) que satisfaz 𝑦(1) = 1 (1,5 ponto) Solução a) Seja 𝑀(𝑥, 𝑦) = 𝑦2 + 𝑥𝑦 , 𝑁(𝑥, 𝑦) = −𝑥2. Como 𝑀(𝑡𝑥, 𝑡𝑦) = (𝑡𝑦)2 + (𝑡𝑥)(𝑡𝑦) = 𝑡2(𝑦2 + 𝑥𝑦) = 𝑡²𝑀(𝑥, 𝑦) 𝑁(𝑡𝑥, 𝑡𝑦) = −(𝑡𝑥)2 = 𝑡2(−𝑥2) = 𝑡2𝑁(𝑥, 𝑦) são homogêneas de grau 2 logo a equação diferencial é homogênea. b) Fazendo a mudança 𝑣 = 𝑦 𝑥 logo 𝑦 = 𝑥𝑣 e 𝑑𝑦 = 𝑣𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑣 tem-se que ((𝑥𝑣2 + 𝑥(𝑥𝑣))𝑑𝑥 − 𝑥2(𝑣𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑣) = 0 de onde (𝑥2𝑣2 + 𝑥2𝑣 − 𝑥²𝑣)𝑑𝑥 − 𝑥3𝑑𝑣 = 0, assim tem-se 𝑥2𝑣2𝑑𝑥 − 𝑥3𝑑𝑣 = 0 dividindo por 𝑥3𝑣² tem-se 1 𝑥 𝑑𝑥 − 1 𝑣2 𝑑𝑣 = 0 integrando tem-se ∫ 1 𝑥 𝑑𝑥 − ∫ 1 𝑣2 𝑑𝑣 = 0 de onde 𝑙𝑛|𝑥| + 1 𝑣 = 𝑐 Como 𝑣 = 𝑦 𝑥 tem-se 𝑙𝑛|𝑥| + 𝑥 𝑦 = 𝑐 Como 𝑦(1) = 1, isto é, se 𝑥 = 1 , 𝑦 = 1 tem-se 𝑐 = 1. Logo 𝑙𝑛|𝑥| + 𝑥 𝑦 = 1 ou 𝑦𝑙𝑛|𝑥| + 𝑥 = 𝑦 é a solução buscada. 2) (2,5 pontos) a) Verifique que a equação (4𝑥2 − 𝑥𝑦 + 𝑦2)𝑑𝑥 + (𝑥2 − 𝑥𝑦 + 𝑦2)𝑑𝑦 = 0 é homogênea (1,0 ponto) b) Resolver a equação do item(a) que satisfaz 𝑦(1) = 1 (1,5 ponto) Solução a) Análogo a questão 1a. b) Fazendo 𝑢 = 𝑦 𝑥 a solução é dada resolvendo ∫ 1 𝑥 𝑑𝑥 + ∫ 𝑢2 − 𝑢 + 1 4 + 𝑢3 𝑑𝑢 = 𝑐 3) (2,5 pontos) a) Verifique que a equação (𝑦 + √𝑦2 − 𝑥²) 𝑑𝑥 − 𝑥𝑑𝑦 = 0 é homogênea (1,0 ponto) b) Resolver a equação do item(a) que satisfaz 𝑦(1) = 1 (1,5 ponto) Solução a) Análogo a questão 1a. b) A solução é: 2𝑦 = 𝑥2 + 1 Tipo 2 1) (2,5 pontos) Resolva a equação de Ricatti 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = − 4 𝑥2 − 1 𝑥 𝑦 + 𝑦2 Sabendo que 𝑦1(𝑥) = 2 𝑥 é uma solução particular. Solução Uma equação de Ricatti é uma equação diferencial não linear da forma 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑎0(𝑥) + 𝑎1(𝑥)𝑦 + 𝑎2(𝑥)𝑦 2 Se 𝑦1(𝑥) é uma solução particular, fazendo a mudança 𝑧 = 𝑦 − 𝑦1 obtemos a seguinte equação de Bernoulli 𝑧′(𝑥) − (𝑎1(𝑥) + 2𝑦1(𝑥)𝑎2(𝑥))𝑧 = 𝑎2(𝑥)𝑧 2 Com 𝑛 = 2 assim fazendo 𝑣 = 1 𝑧 temos a equação linear de primeiro grau 𝑑𝑣 𝑑𝑥 + (𝑎1(𝑥) + 2𝑦1(𝑥)𝑎2(𝑥))𝑣 = −𝑎2(𝑥) ① Por tanto a solução da equação de Ricatti, conhecendo uma solução particular 𝑦1(𝑥) é dada por 𝑦(𝑥) = 𝑦1(𝑥) + 1 𝑣(𝑥) Onde 𝑣(𝑥) é solução de ①. Neste caso 𝑎0(𝑥) = − 4 𝑥2 , 𝑎1(𝑥) = − 1 𝑥 , 𝑎2(𝑥) = 1 e 𝑦1(𝑥) = 2 𝑥 . Logo a solução é 𝑦(𝑥) = 𝑦1(𝑥) + 1 𝑣(𝑥) onde 𝑣(𝑥) é solução de ①, assim 𝑣(𝑥) satisfaz 𝑑𝑣 𝑑𝑥 + (− 1 𝑥 + 2 ( 2 𝑥 ) (1)) 𝑣 = −1 Isto é, 𝑑𝑣 𝑑𝑥 + 3 𝑥 𝑣 = −1 Que é uma equação linear de primeira ordem com 𝑝(𝑥) = 3 𝑥 , 𝑞(𝑥) = −1 então 𝑒∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 = 𝑒∫ 3 𝑥 𝑑𝑥 = 𝑒3𝑙𝑛𝑥 = (𝑒𝑙𝑛𝑥) 3 = 𝑥3 e 𝑒− ∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 = 𝑥−3 Logo 𝑣(𝑥) = 𝑒− ∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 [∫ 𝑞(𝑥)𝑒∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥𝑑𝑥 + 𝐶] = 𝑥−3[∫ −𝑥3 + 𝐶] = 𝑥−3 [− 𝑥4 4 + 𝐶] = − 𝑥 4 + 𝐶𝑥−3 Assim a solução é 𝑦(𝑥) = 2 𝑥 + 1 − 𝑥 4 + 𝐶𝑥 −3 2) (2,5 pontos) Resolva a equação de Ricatti 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 3 + 4𝑦 − 7𝑦2 Solução Verifica-se que trivialmente que 𝑦1 = 1 é uma solução particular. Assim tem-se, seguindo o processo da questão 1, que a solução é dada por: 𝑦 = 1 + 1 −7 10 + 𝑐𝑒 10𝑥 3) (2,5 pontos) Resolva a equação de Ricatti 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑒2𝑥 + (1 + 2𝑒𝑥)𝑦 + 𝑦2 Sabendo que 𝑦1(𝑥) = −𝑒 𝑥 é uma solução particular. Solução Como 𝑦1(𝑥) = −𝑒 𝑥 é uma solução particular. Assim tem-se, seguindo o processo da questão 1, que a solução é dada por: 𝑦 = −𝑒𝑥 + 1 𝑐𝑒−𝑥 − 1 Tipo 3 1) (2,5 pontos) Considere a equação (5𝑥 + 4𝑦)𝑑𝑥 + (2𝑛𝑥 − 8𝑦3)𝑑𝑦 = 0 a) Determine o valor de “n” para que a equação seja exata (1,0 ponto) b) Resolver a equação para o valor de “n” obtido no item (a) (1,5 ponto) Solução a) Como 𝑀(𝑥, 𝑦) = 5𝑥 + 4𝑦 e 𝑵(𝑥, 𝑦) = 2𝑛𝑥 − 8𝑦3 a equação é exata se 𝜕𝑀 𝜕𝑦 = 𝜕𝑁 𝜕𝑥 assim 4 = 2𝑛 de onde 𝑛 = 2 b) Como a equação é exata para 𝑛 = 2, existe 𝝋(𝑥, 𝑦) chamado função potencial tal que i) 𝜕𝜑 𝜕𝑥 = 𝑀 = 5𝑥 + 4𝑦 ii) 𝜕𝜑 𝜕𝑦 = 𝑁 = 4𝑥 − 8𝑦3 Integrando em relação a x em (i) tem-se 𝝋(𝑥, 𝑦) = ∫ 5𝑥 + 4𝑦 𝑑𝑥 = 5𝑥2 2 + 4𝑦𝑥 + 𝑐(𝑦) derivando esta ultima expressão de 𝝋 com respeito a y e igualando com (ii) tem-se 4𝑥 + 𝑐′(𝑦) = 4𝑥 − 8𝑦3 de onde 𝑐′(𝑦) = −8𝑦3 logo 𝑐(𝑦) = − ∫ 8𝑦3𝑑𝑦 = − 8𝑦4 4 = −2𝑦4 Assim 𝝋(𝑥, 𝑦) = 5𝑥2 2 + 4𝑦𝑥 − 2𝑦4 Logo a solução da equação diferencial é 𝝋(𝑥, 𝑦) = 𝑘 isto é, 5𝑥2 2 + 4𝑦𝑥 − 2𝑦4 = 𝑘 2) (2,5 pontos) Considere a equação (3𝑥² + 6𝑥𝑦²)𝑑𝑥 + (𝑛𝑥2𝑦 + 4𝑦3)𝑑𝑦 = 0 a) Determine o valor de “n” para que a equação seja exata (1,0 ponto) b) Resolver a equação para o valor de “n” obtido no item (a) (1,5 ponto) Solução a) n=6 b) A solução é 𝑥3 + 3𝑥2𝑦2 + 𝑦4 = 𝑐 3) (2,5 pontos) Considere a equação 𝑥(𝑛𝑥2 + 𝑦2)𝑑𝑥 + 𝑦(𝑥² + 2𝑦²)𝑑𝑦 = 0 a) Determine o valor de “n” para que a equação seja exata (1,0 ponto) b) Resolver a equação para o valor de “n” obtido no item (a) (1,5 ponto) Solução a) n qualquer b) A solução é 𝑛𝑥4 4 + 𝑥2𝑦2 2 + 𝑦4 2 = 𝑐 Tipo 4 1) (2,5 pontos) Considere a equação linear de primeira ordem 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 3 𝑥 𝑦 = 𝑞(𝑥) a) Resolva a equação acima quando 𝑞(𝑥) = 0 (1,0 pontos) b) Resolva a equação a cima quando 𝑞(𝑥) = 2𝑥−2𝑒𝑥 2 (1,5 pontos) Solução a) Sabemos que a solução de uma equação linear de primeira ordem da forma 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 𝑝(𝑥)𝑦 = 𝑞(𝑥) é dada por 𝑦(𝑥) = 𝑒− ∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥[∫ 𝑞(𝑥)𝑒∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥𝑑𝑥 + 𝐶] Assim para nós 𝑝(𝑥) = 3 𝑥 , 𝑞(𝑥) = 0. Logo 𝑒∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 = 𝑒∫ 3 𝑥 𝑑𝑥 = 𝑒3𝑙𝑛𝑥 = (𝑒𝑙𝑛𝑥) 3 = 𝑥3 e 𝑒− ∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 = (𝑥3)−1 = 𝑥−3 Assim 𝑦(𝑥) = 𝑥−3 [∫ 0 𝑑𝑥 + 𝐶] = 𝐶𝑥−3 b) Neste caso 𝑝(𝑥) = 3 𝑥 , 𝑞(𝑥) = 2𝑥−2𝑒𝑥 2 . Assim 𝑒∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 = 𝑥3 e 𝑒− ∫ 𝑝(𝑥)𝑑𝑥 = 𝑥−3 Logo 𝑦(𝑥) = 𝑥−3 [∫ 2𝑥−2𝑒𝑥 2 𝑥3𝑑𝑥 + 𝐶] = 𝑥−3[∫ 2𝑥𝑒𝑥 2 + 𝐶] = 𝑥−3[𝑒𝑥 2 + 𝐶] = 𝑥−3𝑒𝑥 2 + 𝐶𝑥−3 2) (2,5 pontos) Considere a equação linear de primeira ordem 𝑥𝑦′ − 𝑦 = 𝑞(𝑥) a) Resolva a equação acima quando 𝑞(𝑥) = 2𝑥2 cos 𝑥 (1,0 pontos) b) Resolva a equação a cima quando 𝑞(𝑥) = 𝑥2 + 𝑥 (1,5 pontos) Solução a) 𝑦 = 𝑥(2 𝑠𝑒𝑛(𝑥) + 𝑐) b) 𝑦 = 𝑥(𝑥 + ln (𝑥) + 𝑐) 3) (2,5 pontos) Considere a equação linear de primeira ordem 𝑦′ + 𝑦 1 + 𝑥 = 𝑞(𝑥) a) Resolva a equação acima quando 𝑞(𝑥) = (𝑥 + 1)³ (1,0 pontos) b) Resolva a equação a cima quando 𝑞(𝑥) = 𝑥2 − 1 (1,5 pontos) Solução a) 𝑦 = 1 𝑥+1 [ (𝑥+1)5 5 + 𝑐] b) 𝑦 = 1 𝑥+1 [ 𝑥4 4 + 𝑥3 3 − 𝑥2 2 − 𝑥 + 𝑐]